1、数学月刊七月号创难度之最的1984年普通高等学校招生全国统一考试理科数学试题编者说明1984年，是中国高考改革有创意的一年。就在这一年，数学命题组提出了高考“出活题，考基础，考能力”的命题指导思想。自1977年恢复高考以来，高考命题基本上是“模仿命题”，模仿课本上的例习题，模仿教参上的参考题，考场上出现了“解题有套”的现象，高校传出了“高分低能”的说法。1984年的数学试卷，创造了大批新题，即所谓活题。广大考生第一次见到这样的新题或活题，感到非常之难。当年，北京市的分数，人均只有17分，创下了新中国成立以来，数学高考难度之“最”。（这份试题共八道大题，满分120分第九题是附加题，满分10分，不
2、计入总分）一（本题满分15分）本题共有5小题，每小题选对的得3分;不选，选错或多选得负1分1数集X=（2n+1），n是整数与数集Y=（4k1），k是整数之间的关系是（C）（A）XY（B）XY（C）X=Y（D）XY2如果圆x2+y2+Gx+Ey+F=0与x轴相切于原点，那么（C）（A）F=0，G0，E0.（B）E=0，F=0，G0.（C）G=0，F=0，E0.（D）G=0，E=0，F0.3.如果n是正整数，那么的值（B）（A）一定是零（B）一定是偶数（C）是整数但不一定是偶数（D）不一定是整数4.大于的充分条件是（A）（A）（B）（C）（D）5如果是第二象限
3、角，且满足那么（B）（A）是第一象限角（B）是第三象限角（C）可能是第一象限角，也可能是第三象限角（D）是第二象限角编者说明数学试题选择题，同上一年，即1983年一样多，也是5道小题，但考生感到比上年难得多。有的考生拿到第1小题就不能动笔。首先是因为1984年对选择题的考题要求很严。第一次也是唯一一次提出“得负分”的评分要求。第二是选择题的设计，命题人第一次考虑到选择题“淘汰法”解题方法。比如第1小题，排除3个错误答案比选择1个正确答案要迅速得多。可是，在刚刚出现选择题（1983年第一次用选择题）的考场上，考生几乎没有这种解题思想。许多交白卷的考生，首先就被第1题挡住了“去路”。二（
5、题只要求画出图形1设画出函数y=H(x-1)的图象2画出极坐标方程的曲线解（1）（2）1.2.解：编者说明1984年的第三大题，是1983年第二大题的发展。虽然仍为作图题，但比1983年的考题难得多。1983年的题设式子是简单式子，看式便可作图；而1984年的题设式子是“复杂式子”，需要首先将式子变形化简，从而增加了试题难度。四（本题满分12分）已知三个平面两两相交，有三条交线求证这三条交线交于一点或互相平行证：设三个平面为，且从而c与b或交于一点或互相平行1若c与b交于一点，设，所以，b，c交于一点（即P点）2.若cb，则由所以，b，c互相平行编者说明1984年的第四大题，考查立体几何内
6、容。题目从表面看去，似乎不难。然而，由于命题人故意没有给“题图”，使得广大考生不知如何画图，从而陷入困境。五（本题满分14分）设c，d，x为实数，c0，x为未知数讨论方程在什么情况下有解有解时求出它的解解：原方程有解的充要条件是：由条件（4）知，所以再由c0，可得又由及x0，知，即条件（2）包含在条件（1）及（4）中再由条件（3）及，知因此，原条件可简化为以下的等价条件组：由条件（1）（6）知这个不等式仅在以下两种情形下成立：c0，1-d0，即c0，d1；c0，1-d0，即c0，d1.再由条件（1）（5）及（6）可知编者说明1984年的第五题，考查对数函数。具体考查对数方程的有解条件。然而设计
7、“创新到了对数底数”，使得一直看惯了“底数只为单一字母”的考生不知所云。从而，当c0，d1且时，或者当c0，d1且时，原方程有解，它的解是六（本题满分16分）1设，实系数一元二次方程有两个虚数根z1，z2.再设z1，z2在复平面内的对应点是Z1，Z2求以Z1，Z2为焦点且经过原点的椭圆的长轴的长（7分）2求经过定点M（1，2），以y轴为准线，离心率为的椭圆的左顶点的轨迹方程（9分）解：1.因为p，q为实数，z1，z2为虚数，所以由z1，z2为共轭复数，知Z1，Z2关于x轴对称，所以椭圆短轴在x轴上又由椭圆经过原点，可知原点为椭圆短轴的一端点根据椭圆的性质，复数加、减法几何意义及一元二次方程根与
8、系数的关系，可得椭圆的短轴长=2b=|z1+z2|=2|p|，焦距离=2c=|z1-z2|=，长轴长=2a=2.因为椭圆经过点M（1，2），且以y轴为准线，所以椭圆在y轴右侧，长轴平行于x轴设椭圆左顶点为A（x，y），因为椭圆的离心率为，所以左顶点A到左焦点F的距离为A到y轴的距离的，从而左焦点F的坐标为设d为点M到y轴的距离，则d=1根据及两点间距离公式，可得这就是所求的轨迹方程编者说明1984年的第六题，考查解析几何。第1小题将椭圆参数藏在复数方程的根中；第2小题求椭圆的轨迹方程，给出的“衍生轨迹”而不是“直接轨迹”。使得广大考生无模式可套。本题得分率也很低。事实上，当年考生，能解答到本卷
9、第六大题的人很少。七（本题满分15分）在ABC中，A，B，C所对的边分别为，b，c，且c=10，P为ABC的内切圆上的动点求点P到顶点A，B，C的距离的平方和的最大值与最小值解：由，运用正弦定理，有因为AB，所以2A=-2B，即A+B=由此可知ABC是直角三角形由c=10，如图，设ABC的内切圆圆心为O，切点分别为D，E，F，则AD+DB+EC=但上式中AD+DB=c=10，所以内切圆半径r=EC=2.如图建立坐标系，则内切圆方程为：(x-2)2+(y-2)2=4设圆上动点P的坐标为(x，y)，则因为P点在内切圆上，所以，于是S最大值=88-0=88，S最小值=88-16=72解二：同解一，设
10、内切圆的参数方程为从而因为，所以S最大值=80+8=88，S最小值=80-8=72编者说明1984年的第七大题，已经进入后三大题的范畴，是一道典型的综合题。它是三角、解析几何和代数内容的交叉。由于考查的内容常规，本题的设计难度并不大，满分15分，比上一题第六题还少一分。但由于多数考生已被前面的低档、中档题所难倒，因此，大部分考生无缘与第七题见面，因而，从第七题开始，交白卷的甚多。八（本题满分12分）设2，给定数列xn，其中x1=，求证：1231证：先证明xn2(n=1，2，）用数学归纳法由条件2及x1=知不等式当n=1时成立假设不等式当n=k(k1)时成立当n=k+1时，因为由条件及归纳假设知
11、再由归纳假设知不等式成立，所以不等式也成立从而不等式xn2对于所有的正整数n成立(归纳法的第二步也可这样证：所以不等式xn2(n=1，2，）成立）再证明由条件及xn2(n=1，2，）知因此不等式也成立（也可这样证：对所有正整数n有还可这样证：对所有正整数n有所以）2证一：用数学归纳法由条件x1=3知不等式当n=1时成立假设不等式当n=k(k1)时成立当n=k+1时，由条件及知再由及归纳假设知，上面最后一个不等式一定成立，所以不等式也成立，从而不等式对所有的正整数n成立证二：用数学归纳法证不等式当n=k+1时成立用以下证法：由条件知再由及归纳假设可得3证：先证明若这是因为然后用反证法若当时，有则
12、由第1小题知因此，由上面证明的结论及x1=可得即，这与假设矛盾所以本小题的结论成立编者说明1984年的第八大题，是本卷正卷的压轴题，是当年正卷上难度最大的题目。考查的内容是数列与不等式的综合。数列不是用通项公式给定，而是用递推式给定。递推式实为教材的延伸，使得绝大多数考生可望而不可及。90%以上的考生与此题无缘，当年在北京本题得满分的仅仅只有两人。本题的递推数列对以后的若干年影响很大，在全国高中数学界掀起了研究递推数列的热潮。九（附加题，本题满分10分，不计入总分）如图，已知圆心为O、半径为1的圆与直线l相切于点A，一动点P自切点A沿直线l向右移动时，取弧AC的长为，直线PC与直线AO交于点M又知当AP=时，点P的速度为v求这时点M的速度解：作CDAM，并设AP=x，AM=y，COD=由假设，AC的长为，半径OC=1，可知考虑APMDCM，而编者说明这是1984年的附加题，在1983年中断一年以后。附加题的重现，是经过了一番讨论的，主要是北大、清华的命题人坚持用附加题选拔尖子学生。当然，这个目的并没有达到，因